已知f(x)=ax-lnxx∈(0,e]其中e是自然瑺数,a∈R.
(1)讨论a=1时f(x)的单调性、极值;
(3)是否存在实数a,使f(x)的最小值是3若存在,求出a的值;若不存在说明理由.
所以當0<x<1时,f′(x)<0此时f(x)单调递减;当1<x<e时,f′(x)>0此时f(x)单调递增.
由(1)知当x1∈(0,e]时f(x1)有极小值为1,即当x1∈(0e]时,f(x1)min=1
(3)假设存在实数a,使f(x)=ax-lnx(x∈(0e])有最小值3,f′(x)=a-=.
①当a≤0时f(x)在(0,e]上单调递减f(x)min=f(e)=ae-1=3,a=(舍去)所以,此时f(x)无最小值.
②当0<<e时f(x)在(0,)上单调递减在(,e]上单调递增f(x)min=f()=1+lna=3,a=e2满足条件.
③当≥e时,f(x)在(0e]上单调递减,f(x)min=f(e)=ae-1=3a=(舍去),
所以此时f(x)无最小值.
综上,存在实数a=e2使得当x∈(0,e]时f(x)有最小值3.
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高考英语全年学习规划讲师:李辉
(Ⅰ)求f(x)的单调递增区间; (Ⅱ)若f(1)≥e-1,求使f(x)≤e2对x∈[1e]恒成立的实数a的值。(注:e为自然对数的底数) |
∴f(x)的增区间为(0a); 当a<0时,由f(x)>0得, ∴f(x)的增区间为(0); 甴(Ⅰ)知f(x)在[1,e]内单调递增 要使f(x)≤e2对x∈[1,e]恒成立 |