肝癌如何是好-求解？？温馨提醒穿越专家对肝癌治疗的推荐后，渴望患者为了治愈的目标，定然要及时的配合医生，发生自己的治疗决计，并且平时生存定然要当心起来，避免肝癌的复发，只隅治疗能力早还原，身体才会免遭肝癌的措伤。万一您还有不解的地方，我院专家会为您第一工夫举行解答。肝癌如何是好-求解？？
肝癌如何是好-求解？？
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肝癌如何是好-求解？？
肝癌如何是好?求解？？
健康咨询描述：
本人最近出现食欲的减退，还有就是肝脏的疼痛，并且人也消瘦，去医院看了下，医生说是肝癌，这是怎么回事?求解决的办法?
想得到怎样的帮助：肝癌怎么办？
共2条医生回复
因不能面诊，医生的建议仅供参考
医生回复：
确诊为肝癌时，首先要端正心态，正确客观对待。因为目前针对肝癌的治疗方法较多，涉及到多个学科的共同协作，如果能够得到正确合理的治疗，肝癌远期疗效还是比较理想的。肝癌治疗总的原则是早期发现和早期诊断，强调实施规范化的综合治疗。
医生回复：
病情分析：
你好，根据以上描述应该是得了肝癌
指导意见：
你好，肝癌治疗常根据病人全身情况、肝硬变程度、肿瘤的部位与大小等决定不同的肝癌治疗，如肝段切除、肝局部切除，肝叶切除、半肝切除、肝三叶切除等
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咨询：健康咨询描述：
鈭碘埖鈭碘埖鈭碘...Android Studio每次更新版本都会更新Gradle这个插件，但由于长城的问题每次更新都是失败，又是停止在Refreshing Gradle Project ,有时新建项目的时候报 Gradle Project Compile Error 等等相关的问题
解决这些问题办法是
首先打开android studio项目 找到项目目录gradle\wrapper\gradle-wrapper.properties这个文件&
#Wed Apr 10 15:27:10 PDT 2013distributionBase=GRADLE_USER_HOMEdistributionPath=wrapper/distszipStoreBase=GRADLE_USER_HOMEzipStorePath=wrapper/distsdistributionUrl=http\://services.gradle.org/distributions/gradle-1.9-all.zip
最重要的就是最下面一句，android studio会联网下载符合当前版本的gradle插件，而这个网址虽然可以访问但速度实在太慢，所以每次更新需要花很长时间或直接超时
下面是我尝试后解决问题的办法就是先通过下载工具下载http://services.gradle.org/distributions/gradle-1.9-all.zip 这个版本的插件，用下载工具会比较快下载后 直接把zip文件，不要解压拷贝到&C:\Users\Administrator\.gradle\wrapper\dists\gradle-1.9-all\3jdgemv0iv8uqohg3kcp2o88r1 目录下
重新关闭android studio 重新打开 或 直接单击android studio工具栏 Sync Project Gradle Files
android studio就是自动更新插件了，不用下载了
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观音灵签解签1-100签2014天津市中考数学试卷（带答案和解释）
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2014天津市中考数学试卷（带答案和解释）
作者：佚名 资料来源：网络 点击数： &&&
2014天津市中考数学试卷（带答案和解释）
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文 章来源莲山 课件 w ww.5 Y k J.Co m 2014年天津市中考数学试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分）1．（3分）(2014年天津市)计算（6）×（1）的结果等于（　　）　&A．&6&B．&6&C．&1&D．&1
考点：&有理数的乘法．分析：&根据有理数的乘法运算法则进行计算即可得解．解答：&解：（6）×（1），=6×1，=6．&故选A．点评：&本题考查了有理数的乘法运算，是基础题，熟记运算法则是解题的关键．　2．（3分）(2014年天津市)cos60°的值等于（　　） 　&A．& &B．& &C．& &D．&
考点：&特殊角的三角函数值．分析：&根据特殊角的三角函数值解题即可．解答：&解：cos60°= ．故选A．点评：&本题考查特殊角的三角函数值，准确掌握特殊角的函数值是解题关键．　3．（3分）(2014年天津市)下列标志中，可以看作是轴对称图形的是（　　）　&A．& &B．& &C．& &D．&
考点：&轴对称图形．分析：&根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解．解答：&解：A、不是轴对称图形，是中心对称图形，不符合题意；B、不是轴对称图形，是中心对称图形，不符合题意；C、不是轴对称图形，是中心对称图形，不符合题意；D、是轴对称图形，符合题意．故选：D．点评：&此题主要考查了中心对称图形和轴对称图形的定义，掌握中心对称图形与轴对称图形的概念，解答时要注意：判断轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部沿对称轴叠后可重合；判断中心对称 图形是要寻找对称中心，图形旋转180度后与原图重合．　4．（3分）(2014年天津市)为了市民出行更加方便，天津市政府大力发展公共交通，2013年天津市公共交通客运量约为人次，将用科学记数法表示为（　　）　&A．&160.8×107&B．&16.08×108&C．&1.608×109&D．&0.160 8×1010
考点：&科学记数法―表示较大的数．分析：&科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值＞1时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．解答：&解：将用科学记数法表示为：1.608×109．故选：C．点评：&此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．　5．（3分）(2014年天津市)如图，从左面观察这个立体图形，能得到的平面图形是（　　）&　&A．& &B．& &C．& &D．&
考点：&简单组合体的三视图．分析：&根据从左面看得到的图形是左视图，可得答案．解答：&解；从左面看下面一个正方形，上面一个 正方形，故选：A．点评：&本题考查了简单组合体的三视图，从左面看得到的图形是左视图．　6．（3分）(2014年天津市)正六边形的边心距为 ，则该正六边形的边长是（　　）　&A．& &B．&2&C．&3&D．&2
考点：&正多边形和圆．分析：&运用正六边形的性质，正六边形边长等于外接圆的半径，再利用勾股定理解决．解答：&解：∵正六边形的边心距为 ，∴OB= ，AB= OA，∵OA2=AB2+OB2，∴OA2=（ OA）2+（ ）2，解得OA=2．故选B． &点评：&本题主要考查了正六边形和圆，注意：外接圆的半径等于正六边形的边长．　7．（3分）(2014年天津市)如图，AB是⊙O的弦，AC是⊙O的切线，A为切点，BC经过圆心．若∠B=25°，则∠C的大小等于（　　）&　&A．&20°&B．&25°&C．&40°&D．&50°
考点：&切线的性质．分析：&连接OA，根据切线的性质，即可求得∠C的度数．解答：&解：如图，连接OA，&∵AC是⊙O的切线，∴∠OAC=90°，∵OA=OB，∴∠B=∠OAB=25°，∴∠AOC=50°，∴∠C=40°．点评：&本题考查了圆的切线性质，以及等腰三角形的性质，已知切线时常用的辅助线是连接圆心与切点．　8．（3分）(2014年天津市)如图，在▱ABCD中，点E是边AD的中点，EC交对角线BD于点F，则EF：FC等于（　　）&　&A．&3：2&B．&3：1&C．&1：1&D．&1：2
考点：&平行四边形的性质；相似三角 形的判定与性质．分析：&根据题意得出△DEF∽△BCF，进而得出 = ，利用点E是边AD的中点得出答案即可．解答：&解：∵▱ABCD，故AD∥BC，∴△DEF∽△BCF，∴ = ，∵点E是边AD的 中点，∴AE=DE= AD，∴ = ．故选：D．点评：&此题主要考查了平行四边形的性质以及相似三角形的判定与性质等知识，得出△DEF∽△BCF是解题关键．　9．（3分）(2014年天津市)已知反比例函数y= ，当1＜x＜2时，y的取值范围是（　　）　&A．&0＜y＜5&B．&1＜y＜2&C．&5＜y＜10&D．&y＞10
考点：&反比例函数的性质．分析：&将x=1和x=2分别代入反比例函数即可确定函数值的取值范围．解答：&解：∵反比例函数y= 中当x=1时y=10，当x=2时，y=5，∴当1＜x＜2时，y的取值范围是5＜y＜10，故选C．点评：&本题考查了反比例函数的性质：（1）反比例函数y= （k≠0）的图象是双曲线；（2）当k＞0，双曲线的两支分别位于第一、第三象限，在每一象限内y随x 的增大而减小；（3）当k＜0，双曲线的两支分别位于第二、第四象限，在每一象限内y随x的增大而增大．　10．（3分）(2014年天津市)要组织一次排球邀请赛，参赛的每个队之间都要比赛一场，根据场地和时间等条件，赛程计划安排7天，每天安排4场比赛．设比赛组织者应邀请x个队参赛，则x满足的关系式为（　　）　&A．& x（x+1）=28&B．& x（x1）=28&C．&x（x+1）=28&D．&x（x1）=28
考点：&由实际问题抽象出一元二次方程．分析：&关系式为：球队总数×每支球队需赛的场数÷2=4×7，把相关数值代入即可．解答：&解：每支球队都需要与其他球队赛（x1）场，但2队之间只有1场比赛，所以可列方程为： x（x1）=4×7．故选B．点评：&本题考查了由实际问题抽象出一元二次方程，解决本题的关键是得到比赛总场数的等量关系，注意2队之间的比赛只有1场，最后的总场数应除以2．　11．（3分）(2014年天津市)某公司欲招聘一名公关人员，对甲、乙、丙、丁四位候选人进行了面试和笔试，他们的成绩如表：候选人&甲&乙&丙&丁测试成绩（百分制）&面试&86&92&90&83&笔试&90&83&83&92如果公司认为，作为公关人员面试的成绩应该比笔试的成绩更重要，并分别赋予它们6和4的权．根据四人各自的平均成绩，公司将录取（　　）　&A．&甲&B．&乙&C．&丙&D．&丁
考点：&加权平均数．分析：&根据题意先算出甲、乙、丙、丁四位候选人的加权平均数，再进行比较，即可得出答案．解答：&解：甲的平均成绩为：（86×6+90×4）÷10=87.6（分），乙的平均成绩为：（92×6+83×4）÷10=88.4（分），丙的平均成绩为：（90×6+83×4）÷10=87.2（分），丁的平均成绩为：（83×6+92×4）÷10=86.6（分），因为乙的平均分数最高，所以乙将被录取．故选B．点评：&此题考查了加权平均数的计算公式，注意，计算平均数时按6和4的权进行计算．　12．（3分）(2014年天津市)已知二次函数y=ax2+bx+c（a≠0）的图象如图，且关于x的一元二次方程ax2+bx+cm=0没有实数根，有下列结论：①b24ac＞0；②abc＜0；③m＞2． 其中，正确结论的个数是（　　）&　&A．&0&B．&1&C．&2&D．&3
考点：&二次函数图象与系数的关系．分析：&由图象可知二次函数y=ax2+bx+c与x轴有两个交点，进而判断①；先根据抛物线的开口向下可知a＜0，由抛物线与y轴的交点判断c与0的关系，根据对称轴在y轴右侧得出b与0的关系，然后根据有理数乘法法则判断②；一元二次方程ax2+bx+cm=0没有实数根，则可转化为ax2+bx+c=m，即可以理解为y=ax2+bx+c和y=m没有交点，即可求出m的取值范围，判断③即可．解答：&解：①∵二次函数y=ax2+bx+c与x轴有两个交点，∴b24ac＞0，故①正确；②∵抛物线的开口向下，∴a＜0，∵抛物线与y轴交于正半轴，∴c＞0，∵对称轴x= ＞0，∴ab＜0，∵a＜0，∴b＞0，∴abc＜0，故②正确；③∵一元二次方程ax2+bx+cm=0没有实数根，∴y=ax2+bx+c和y=m没有交点，由图可得，m＞2，故③正确．故选D．点评：&本题主要考查图象与二次函数系数之间的关系，会利用对称轴的范围求2a与b的关系，以及二次函数与方程之间的转换，根的判别式的熟练运用．　二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，满分18分）13．（3分）(2014年天津市)计算x5÷x2的结果等于　x3　．
考点：&同底数幂的除法．分析：&同底数幂相除底数不变，指数相减，解答：&解：x5÷x2=x3故答案为：x3．点评：&此题考查了同底数幂的除法，解题要注意细心明确指数相减．　14．（3分）(2014年天津市)已知反比例函数y= （k为常数，k≠0）的图象位于第一、第三象限，写出一个符合条件的k的值为　1　．
考点：&反比例函数的性质．专题：&开放型．分析：&反比例函数y= （k为常数，k≠0）的图象在第一，三象限，则k＞0，符合上述条件的k的一个值可以是1．（正数即可，答案不唯一）解答：&解：∵反比例函数的图象在一、三象限，∴k＞0，只要是大于0的所有实数都可以．例如：1．故答案为：1．点评：&此题主要考查反比例函数图象的性质：（1）k＞0时，图象是位于一、三象限；（2）k＜0时，图象是位于二、四象限．　15．（3分）(2014年天津市)如图，是一副普通扑克牌中的13张黑桃牌，将它们洗匀后正面向下放在桌子上，从中任意抽取一张，则抽出的牌点数小于9的概率为　 　．&
考点：&概率公式．分析：&抽出的牌的点数小于9有1，2，3，4，5，6，7，8共8个，总的样本数目为13，由此可以容易知道事件抽出的牌的点数小于9的概率．解答：&解：∵抽出的牌的点数小于9有1，2，3，4，5，6，7，8共8个，总的样本数目为13，∴从中任意抽取一张，抽出的牌点数小于9的概率是： ．故答案为： ．点评：&此题主要考查了概率的求法．用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．　16．（3分）(2014年天津市)抛物线y=x22x+3的顶点坐标是　（1，2）　．
考点：&二次函数的性质．专题：&计算题．分析：&已知抛物线的解析式是一般式，用配方法转化为顶点式，根据顶点式的坐标特点，直接写出顶点坐标．解答：&解：∵y=x22x+3=x22x+11+3=（x1）2+2，∴抛物线y=x22x+3的顶点坐标是（1，2）． 点评：&此题考查了二次函数的性质，二次函数y=a（xh）2+k的顶点坐标为（h，k），对称轴为x=h，此题还考查了配方法求顶点式．　17．（3分）(2014年天津市)如图，在Rt△ABC中，D，E为斜边AB上的两个点，且BD=BC，AE=AC，则∠DCE的大小为　45　（度）．&
考点：&等腰三角形的性质．分析：&设∠DCE=x，∠ACD=y，则∠ACE=x+y，∠BCE=90°∠ACE=90°xy，根据等边对等角得出∠ACE=∠AEC=x+y，∠BDC=∠BCD=∠BCE+∠DCE=90°y．然后在△DCE中，利用三角形内角和定理列出方程x+（90°y）+（x+ y）=180°，解方程即可求出∠DCE的大小．解答：&解：设∠DCE=x，∠ACD =y，则∠ACE=x+y，∠BCE=90°∠ACE=90°xy．∵AE=AC，∴∠ACE=∠AEC=x+y，∵BD=BC， ∴∠BDC=∠BCD=∠BCE+∠DCE=90°xy+x=90°y．在△DCE中，∵∠DCE+∠CDE+∠DEC=180°，∴x+（90°y）+（x+y）=180°，解得x=45°，∴∠DCE=45°．故答案为45．点评：&本题考查了等腰三角形的性质及三角形内角和定理，设出适当的未知数列出方程是解题的关键．　18．（3分）(2014年天津市)如图，将△ABC放在每个小正方形的边长为1的网格中，点A，点B，点C均落在格点上．（Ⅰ）计算AC2+BC2的值等于　11　；（Ⅱ）请在如图所示的网格中，用无刻度的直尺，画出一个以AB为一边的矩形，使该矩形的面积等于AC2+BC2，并简要说明画图方法（不要求证明）　如图所示：　．&
考点：&作图―应用与设计作图．分析：&（1）直接利用勾股定理求出即可；（2）首先分别以AC、BC、AB为一边作正方形ACED，正方形BCNM，正方形ABHF；进而得出答案．解答：&解：（Ⅰ）AC2+BC2=（ ）2+32=11； 故答案为：11；
（2）分别以AC、BC、AB为一边作正方形ACED，正方形BCNM，正方形ABHF；延长DE交MN于点Q，连接QC，平移QC至AG，BP位置，直线GP分别交AF，BH于点T，S，则四边形ABST即为所求．&点评：&此题主要考查了应用设计与作图，借助网格得出正方形是解题关键．　三、解答题（本大题共7小题，共66分）19．（8分）(2014年天津市)解不等式组 请结合题意填空，完成本题的解答：（Ⅰ）解不等式①，得　x≥1　；（Ⅱ）解不等式②，得　x≤1　；（Ⅲ）把不等式①和②的解集在数轴上表示出来；&（Ⅳ）原不等式组的解集为　1≤x≤1　．
考点：&解一元一次不等式组；在数轴上表示不等式的解集．分析：&分别求出各不等式的解集，再求出其公共解集，并在数轴上表示出来即可．解答：&解：（I）解不等式①，得x≥1；（II）解不等式②得，x≤1，（III）在数轴上表示为：&；（IN）故此不等式的解集为：1≤x≤1．故答案分别为：x≥1，x≤1，1≤x≤1．点评：&本题考查的是解一元一次不等式组，熟知“同大取大；同小取小；大小小大中间找；大大小小找不到”的原则是解答此题的关键．　20．（8分）(2014年天津市)为了推动阳光体育运动的广泛开展，引导学生走向操场，走进大自然，走到阳光下，积极参加体育锻炼，学校准备购买一批运 动鞋供学生借用，现从各年级随机抽取了部分学生的鞋号，绘制了如下的统计图①和图②，请根据相关信息，解答下列问题：&（Ⅰ）本次接受随机抽样调查的学生人数为　40　，图①中m的值为　15　；（Ⅱ）求本次调查获取的样本数据的众数和中位数；（Ⅲ）根据样本数据，若学校计划购买200双运动鞋，建议购买35号运动鞋多少双？
考点：&条形统计图；用样本估计总体；扇形统计图；中位数；众数．专题：&计算题．分析：&（Ⅰ）根据条形统计图求出总人数即可；由扇形统计图以及单位1，求出m的值即可；（Ⅱ）找出出现次数最多的即为众数，将数据按照从小到大顺序排列，求出中位数即可；（Ⅲ）根据题意列出算式，计算即可得到结果．解答：&解：（Ⅰ）本次接受随机抽样调查的学生人数为6+12+10+8+4=40，图①中m的值为=15；故答案为：40；15；
（Ⅱ）∵在这组样本数据中，35出现了12次，出现次数最多，∴这组样本数据的众数为5；∵将这组样本数据从小到大得顺序排列，其中处于中间的两个数都为36，∴中位数为 =36；
（Ⅲ）∵在40名学生中，鞋号为35的学生人数比例为30%，∴由样本数据，估计学校各年级中学生鞋号为35的人数比例约为30%，则计划购买200双运动鞋，有200×30%=60双为35号．点评：&此题考查了条形统计图，扇形统计图，以及用样本估计总体，弄清题意是解本题的关键．　21．（10分）(2014年天津市)已知⊙O的直径为10，点A，点B，点C在⊙O上，∠CAB的平分线交⊙O于点D．&（Ⅰ）如图①，若BC为⊙O的直径，AB=6，求AC，BD，CD的长；（Ⅱ）如图②， 若∠CAB=60°，求BD的长．
考点：&圆周角定理；等边三角形的判定与性质；勾股定理．分析：&（Ⅰ）利用圆周角定理可以判定△CAB和△DCB是直角三角形，利用勾股定理可以求得AC的长度；利用圆心角、弧、弦的关系推知△DCB也是等腰三角形，所以利用勾股定理同样得到BD=CD=5 ；（Ⅱ）如图②，连接OB，OD．由圆周角定理、角平分线的性质以及等边三角形的判定推知△OBD是等边三角形，则BD=OB=OD=5．解答：&解：（Ⅰ）如图①，∵BC是⊙O的直径，∴∠CAB=∠BDC=90°．∵在直角△CAB中，BC=10，AB=6，∴由勾股定理得到：AC= = =8．∵AD平分∠CAB，∴ = ，∴CD=BD．在直角△BDC中，BC=10，CD2+BD2=BC2，∴易求BD=CD=5 ；
（Ⅱ）如图②，连接OB，OD．∵AD平分∠CAB，且∠CAB=60°，∴∠DAB= ∠CAB=30°，∴∠DOB=2∠DAB=60°．又∵OB=OD，∴△OBD是等边三角形，∴BD=OB=OD．∵⊙O的直径为10，则OB=5，∴BD=5．&点评：&本题综合考查了圆周角定理，勾股定理以及等边三角形的判定与性质．此题利用了圆的定义、有一内角为60度的等腰三角形为等边三角形证得△OBD是等边三角形．　22．（10分）(2014年天津市)解放桥是天津市的标志性建筑之一，是一座全钢结构的部分可开启的桥梁．（Ⅰ）如图①，已知解放桥可开启部分的桥面的跨度AB等于47m，从AB的中点C处开启，则AC开启至A′C′的位置时，A′C′的长为　23.5　m；（Ⅱ）如图②，某校数学兴趣小组要测量解放桥的全长PQ，在观景平台M处测得∠PMQ=54°，沿河岸MQ前行，在观景平台N处测得∠PNQ=73°，已知PQ⊥MQ，MN=40m，求解放桥的全长PQ（tan54°≈1.4，tan73°≈3.3，结果保留整数）．&
考点：&解直角三角形的应用．专题：&应用题．分析：&（1）根据中点的性质即可得出A′C′的长；（2）设PQ=x，在Rt△PMQ中表示出MQ，在Rt△PNQ中表示出NQ，再由MN=40m，可得关于x的方程，解出即可．解答：&解：（I）∵点C是AB的中点，∴A'C'= AB=23.5m．
（II）设PQ=x，在Rt△PMQ中，tan∠PMQ= =1.4，∴MQ= ，在Rt△PNQ中，tan∠PNQ= =3.3，∴NQ= ，∵MN=MQNQ=40，即
=40，解得：x≈97．答：解放桥的全长约为97m．点评：&本题考查了解直角三角形的应用，解答本题的关键是熟练锐角三角函数的定义，难度一般．　23．（10分）(2014年天津市)“黄金1号”玉米种子的价格为5元/kg，如果一次购买2kg以上的种子，超过2kg部分的种子的价格打8折．（Ⅰ）根据题意，填写下表：购买种子的数量/kg&1.5&2&3.5&4&…付款金额/元&7.5&　10　&16&　18　&…（Ⅱ）设购买种子数量为xkg，付款金额为y元，求y关于x的函数解析式；（Ⅲ）若小张一次购买该种子花费了30元，求他购买种子的数量．
考点：&一次函数的应用；一元一次方程的应用． 分析：&（1）根据单价乘以数量，可得答案；（2）根据单价乘以数量，可得价格，可得相应的函数解析式；（3）根据函数值，可得相应的自变量的值．解答：&解：（Ⅰ）10，8；
（Ⅱ）根据题意得，当0≤x≤2时，种子的价格为5元/千克，∴y=5x，当x＞2时，其中有2千克的种子按5元/千克计价，超过部分按4元/千克计价，∴y=5×2+4（x2）=4x+2，y关于x的函数解析式为y= ；
（Ⅲ）∵30＞2，∴一次性购买种子超过2千克，∴4x+2=30．解得x=7，答：他购买种子的数量是7千克．点评：&本题考查了一次函数的应用，分类讨论是解题关键．　24．（10分）(2014年天津市)在平面直角坐标系中，O为原点，点A（2，0），点B（0，2），点E，点F分别为OA，OB的中点．若正方形OEDF绕点O顺时针旋转，得正方形OE′D′F′，记旋转角为α．&（Ⅰ）如图①，当α=90°时，求AE′，BF′的长；（Ⅱ）如图②，当α=135°时，求证AE′=BF′，且AE′⊥BF′；（Ⅲ）若直线AE′与直线BF′相交于点P，求点P的纵坐标的最大值（直接写出结果即可）．
考点：&几何变换综合题；三角形的外角性质；全等三角形的判定与性质；含30度角的直角三角形；勾股定理．专题：&综合题．分析：&（1）利用勾股定理即可求出AE′，BF′的长．（2）运用全等三角形的判定与性质、三角形的外角性质就可解决问题．（3）首先找到使点P的纵坐标最大时点P的位置（点P与点 D′重合时），然后运用勾股定理及30°角所对的直角边等于斜边的一半等知识即可求出点P的纵坐标的最大值．解答：&解：（Ⅰ）当α=90°时，点E′与点F重合，如图①．∵点A（2，0）点B（0，2），∴OA=OB=2．∵点E，点F分别为OA，OB的中点，∴OE=OF=1∵正方形OE′D′F′是正方形OEDF绕点O顺时针旋转90°得到的，∴OE′=OE=1，OF′=OF=1．在Rt△AE′O中，AE′= ．在Rt△BOF′中，BF′= ．∴AE′，BF′的长都等于 ．
（Ⅱ）当α=135°时，如图②．∵正方形OE′D′F′是由正方形OEDF绕点O顺时针旋转135°所得，∴∠AOE′=∠BOF ′=135°．在△AOE′和△BOF′中，&&&& &，∴△AOE′≌△BOF′（SAS）．∴AE′=BF′，且∠OAE′=∠OBF′．∵∠ACB=∠CAO+∠AOC=∠CBP+∠CPB，∠CAO=∠CBP，∴∠CPB=∠AOC=90°∴AE′⊥BF′．
（Ⅲ）在第一象限内，当点D′与点P重合时，点P的纵坐标最大．过点P作PH⊥x轴，垂足为H，如图③所示．∵∠AE′O=90°，E′O=1，AO=2，∴∠E′AO=30°，AE′= ．∴AP= +1．∵∠AHP=90°，∠PAH=30°，∴PH= AP= ．∴点P的纵坐标的最大值为 ．&&&点评：&本题是在图形旋转过程中，考查了全等三角形的判定与性质、勾股定理、三角形的外角性质、30°角所对的直角边等于斜边的一半等知识，而找到使点P的纵坐标最大时点P的位置是解决最后一个问题的关键．　25．（10分）(2014年天津市)在平面直角坐标系中，O为原点，直线l：x=1，点A（2，0），点E，点F，点M都在直线l上，且点E和点F关于点M对称，直线EA与直线OF交于点P．（Ⅰ）若点M的坐标为（1，1），①当点F的坐标为（1，1）时，如图，求点P的坐标；②当点F为直线l上的动点时，记点P（x，y），求y关于x的函数解析式．（Ⅱ）若点M（1，m），点F（1，t），其中t≠0，过点P作PQ⊥l于点Q，当OQ=PQ时，试用含t的式子表示m．&
考点：&一次函数综合题．分析：&（Ⅰ）①利用待定系数法求得直线OF与EA的直线方程，然后联立方程组 ，求得该方程组的解即为点P的坐标；②由已知可设点F的坐标是（1，t）．求得直线OF、EA的解析式分别是y=tx、直线EA的解析式为：y=（2+t）x2（2+t）．则tx=（2+t）x2（2+t），整理 后即可得到y关于x的函数关系式y=x22x；（Ⅱ）同（Ⅰ），易求P（2 ，2t ）．则由PQ⊥l于点Q，得点Q（1，2t ），则OQ2=1+t2（2 ）2，PQ2=（1 ）2，所以1+t2（2 ）2=（1 ）2，化简得到：t（t2m）（t22mt1）=0，通过解该方程可以求得m与t的关系式．解答：&解：（Ⅰ）①∵点O（0，0），F（1，1），∴直线OF的解析式为y=x．设直线EA的解析式为：y=kx+b（k≠0）、∵点E和点F关于点M（1，1）对称，∴E（1，3）．又A（2，0），点E在直线EA上，∴ ，解得& ，∴直线EA的解析式为：y=3x6．∵点P是直线OF与直线EA的交点，则 ，解得& ，∴点P的坐标是（3，3）．
②由已知可设点F的坐标是（1，t）．∴直线OF的解析式为y=tx．设直线EA的解析式为y=cx+dy（c、d是常数，且c≠0）．由点E和点F关于点M（1，1）对称，得点E（1，2t）．又点A、E在直线EA上，∴ ，解得& ，∴直线EA的解析式为：y=（2+t）x2（2+t）．∵点P为直线OF与直线EA的交点， ∴tx=（2+t）x2（2+t），即t=x2．则有 y=tx=（x2）x=x22x；
（Ⅱ）由（Ⅰ）可得，直线OF的解析式为y=tx．直线EA的解析式为y=（t2m）x2（t2m）．∵点P为直线OF与直线EA的交点，∴tx=（t2m）x2（t2m） ，化简，得 x=2 ．有 y=tx=2t ．∴点P的坐标为（2 ，2t ）．∵PQ⊥l于点Q，得点Q（1，2t ），∴OQ2=1+t2（2 ）2，PQ2=（1 ）2，∵OQ=PQ，∴1+t2（2 ）2=（1 ）2，化简，得 t（t2m）（t22mt1）=0．又t≠0，∴t2m=0或t22mt1=0， 解得 m= 或m= ．则m= 或m= 即为所求．&点评：&本题考查了一次函数的综合题型．涉及到了待定系数法求一次函数解析式，一次函数与直线的交点问题．此题难度不大，掌握好两直线间的交点的求法和待定系数法求一次函数解析式就能解答本题． 文 章来源莲山 课件 w ww.5 Y k J.Co m
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